欲学习微元法来解物理竞赛题，用什么书更好

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高中物理微元法
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高中物理微元法
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数学技巧在物理竞赛中的灵活运用
来源：论文联盟&
作者：井淼
数学技巧在物理竞赛中的灵活运用
一、利用&微元&使规律从不能用变为能用 　　微元法是分析、解决物理问题中的常用方法，也是从部分到整体的思维方法。用该方法可以使一些复杂的物理过程用我们熟悉的物理规律迅速地解决，使所求的问题简单化。在使用微元法处理问题时，需将其分解为众多微小的&元过程&，而且每个&元过程&所遵循的规律是相同的。这样，我们只需分析这些&元过程&，然后再将&元过程&进行必要的数学方法或物理思想的处理，进而使问题得到解决。 　　例1 粗细均匀质量分布也均匀的，半径分别为R和r的两圆环相切。若在切点放一质点m，恰使两边圆环对m的万有引力的合力为零，则大小圆环的线密度必须满足什么条件？ 　　解析 若要直接求整个圆对质点m的万有引力比较难，若用到圆的对称性及要求所受合力为零的条件，考虑大、小圆环上关于切点对称的微元与质量m的相互作用，然后推及整个圆环即可求解。 　　如图1所示，过切点作直线交大小圆分别于P、Q两点，并设与水平线夹角为&，当&有微小增量时，大小圆环上就有对应微小的线元。 　　 　　&DL1=R&2&D&，&DL2=r&2&D& 　　其对应的质量分别为&Dm=&&Dl=&R&2&D& 　　&Dm=&&DL=&r&2&D&，由于&D&很小， 　　故&Dm、&Dm与m的距离可以认为分别是 　　r=2Rcos&，r=2rcos& 　　所以&Dm、&Dm与m的万有引力分别为 　　&DF==，&DF== 　　由于&具有任意性，若&DF与&DF的合力为零，则两圆环对m的引力的合力也为零， 即 = 　　解得大小圆环的线密度之比为：= 　　 　　二、实施近似处理，解决物理规律不明显的问题 　　在观察物理现象、进行物理实验、建立物理模型、推导物理规律和求解物理问题时，为了认识所研究问题的本质属性，往往突出问题的主要方面，忽略某些次要方面，进行近似处理。这种采用近似处理的手段简化求解过程的方法叫近似法。 　　例2 在某铅垂面上有一固定的光滑直角三角形细管轨道ABC，光滑小球从顶点A处沿斜边轨道自静止出发自由地滑到端点C处所需时间，恰好等于小球从顶点A处自静止出发自由地经两直角边轨道滑到端点C处所需的时间。这里假设铅垂轨道AB与水平轨道BC的交接处B有极小的圆弧，可确保小球无碰撞地拐弯，且拐弯时间可忽略不计。 　　在此直角三角形范围内可构建一系列如图2中虚线所示的光滑轨道，每一轨道是由若干铅垂线轨道与水平轨道交接而成，交接处都有极小圆弧（作用同上），轨道均从A点出发到C点终止，且不越出该直角三角形的边界，试求小球在各条轨道中，由静止出发自由地从A点滑行到C点所经时间的上限与下限之比值。 　　 　　解析 直角三角形AB、BC、CA三边的长分别记为l、l、l，如图3所示，小球从A到B的时间记为T，再从B到C的时间为T，而从A直接沿斜边到C所经历的时间记为T，由题意知T+T=T，可得l∶l∶l=3∶4∶5。 　　 　　由此能得T与T的关系 　　因为l=gT21，l2=gTT 　　所以= 　　因为l∶l=3∶4，所以T=T 　　小球在图4中每一虚线所示的轨道中，经各垂直线段所需时间之和为t=T，经各水平段所需时间之和记为t，则从A到C所经时间总和为t=T+t，最短的t对应t的下限tmin，最长的t对应t的上限tmax。 　　 　　小球在各水平段内的运动分别为匀速运动，同一水平段路程放在低处运动速度大，所需时间短，因此，所有水平段均处在最低位置（即与BC重合）时t最短，其值即为T，故tmin=T+T=T。 　　t的上限显然对应各水平段处在各自可达到的最高位置，实现它的方案是垂直段每下降&Dl，便接一段水平距离&Dl，这两段之间恒有&Dl=&Dlcot&，角&即为&ACB，水平段到达斜边边界后，再下降并接一段水平距离，如此继续下去，构成如图４所示的微齿形轨道，由于&Dl、&Dl均为小量，小球在其中的运动可处理为匀速运动，分别经历的时间小量&Dt（i）与&Dt（i）之间有如下关联： ==cot& 　　于是作为&Dt（i）之和的t上限与作为&Dt（i）之和的T之比也为cot&。故t的上限必为Tcot&，即得：tmax=T+Tcot&=T。 　　这样tmax:tmin=7:5。 　　 　　三、利用递推关系，巧求多物体多作用问题 　　当问题中涉及相互的物体较多并且有规律时，应根据题目特点数学思想将所研究的问题归类，然后求出通式。具体方法是先分析某一次作用的情况，得出结论，再根据多次作用的重复性和它们的共同点，把结论推广，然后结合数学知识求解，解题的关键是导出联系相邻两次作用的递推关系式。 　　例3 有许多质量为m的木块相互靠着沿一直线排列于光滑的水平面上。每相邻的两个木块均用长为L的柔绳连接着。现用大小为F的恒力沿排列方向拉第一个木块，以后各木块依次被牵而运动，求第n个木块被牵动时的速度。 　　解析 每一个木块被拉动起来后，就和前面的木块成为一体，共同做匀加速运动一段距离L后，把绳拉紧，再牵动下一个木块。在绳子绷紧时，有部分能转化为内能。因此，如果列出（n－1）FL=nmv2n这样的关系式是错误的。 　　设第（n－1）个木块刚被拉动时的速度为vn－1，它即将拉动下一个木块时速度增至v&n－1， 　　第n个木块刚被拉动时速度为vn。对第（n－1）个木块开始运动到它把下一段绳子即将拉紧这一过程，由动能定理有： 　　FL=（n－1）mv&2n-1－（n－1）mv2n-1 ① 　　对绳子把第n个木块拉动这一短暂过程，由动量守恒定律，有 　　（n－1）mv&n-1=nmvn得：v&n－1=vn ② 　　把②式代入①式得：FL=（n－1）mvn2－（n－1）mv2n-1 　　整理后得：（n－1）=n2v2n－（n－1）2v2n-1 ③ 　　③式就是反映相邻两木块被拉动时速度关系的递推式，由③式可知 　　当n=2时有：=22v22－v21 　　当n=3时有：2&=32v23－22v22 　　当n=4时有：3&=42v24－32v23 & 　　一般地有（n－1）=n2v2n－（n－1）2v2n-1 　　将以上（n－1）个等式相加，得：（1+2+3+&+n－1） =n2v2n－v21 　　所以有&=n2v2n－v21 　　在本题中v=0，所以vn= 　　 　　四、非对称性问题可看成若干个对称问题的叠加 　　应用对称性不仅能帮助我们认识和探联盟索物质世界的某些基本规律，而且也能帮助我们去求解某些具体的物理问题。如果是非对称性问题，我们可以把它巧妙地转化成对称性问题，直接抓住问题的实质，出奇制胜。 　　例4 如图5所示，在一实心大球体内挖去一个较小的球形孔，余下部分均匀带电，体电荷密度为&，试证明小球形孔内为匀强场区。 　　 　　解析 挖去小球形孔的实心球体可视为电荷体密度分别为&和-&的两个带电球的复合体。于是带电系统为带电&的大球与带电-&的小球的组合。利用均匀带电球的场强分布，结合场强叠加原理，即可计算小球孔内的场强。 　　根据高斯定理，在电荷体密度均匀分布的带电球的场强为： 　　E=r&R r&R 　　为证明小球孔内任一点P的场强均匀，可先计算小球球心O&点的场强，再证明小球孔内任一点P的场强与O&点的场强相等即可。 　　如图5所示，根据高斯定理，O&点的场强为EO&=a 　　式中a是O到O&的矢量。小球孔-&在O&点的场强为0。
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