空间6个点,任3点不共线,用13条线段连接它们,证明必存4个点,它们两两间都有线段相连,
仅供参考如果空间6个点都相互连接有15条线段,现在用13条线段连接它们有两种情况1.有一点与其他两点不想连则去掉这个点,则其他5点相互连接2.假设有a,b不相连,另外两点c,d不想连去掉a,c或b,d或a,d或b,c其他4点相互连接所以必存在4个点,它们两两间都有线段相连
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b),C和它们的坐标，则可知A,d)如果有AB=kBC,B，又有公共点,B,BC=(c，肯定三点共线,k为任意非零实数,C三点共线其实也就是证明了线段AB和BC平行比如已经有三个点A，就可以就出向量AB=(a
证共线 就是证明两两向量差个实数倍 证共点先证明两两不共线
再求出其中的公共点带入第三向量成不成立 就可以了﹑
向量我不懂 但是
如果连接其中两点 做垂直平分线
三条垂直平分线若平行 则三点共线
证明两个向量共线，如a向量可以写成x倍的b向量，且有一个公共点
比如ABC3点，你可以证明向量AB与向量AC共线
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数学竞赛平面几何讲座5讲(第3讲点共线、线共点)
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1. 点共线的证明
点共线的通常证明方法是：通过邻补角关系证明三点共线;证明两点的连线必过第三点;证明三点组成的三角形面积为零等。n(n&4)点共线可转化为三点共线。
例1 如图，设线段AB的中点为C，以AC和CB为对角线作平行四边形AECD，BFCG。又作平行四边形CFHD，CGKE。求证：H，C，K三点共线。
证 连AK，DG，HB。
由题意，AD EC KG，知四边形AKGD是平行四边形，于是AK DG。同样可证AK
HB。四边形AHBK是平行四边形，其对角线AB，KH互相平分。而C是AB中点，线段KH过C点，故K，C，H三点共线。
例2 如图所示，菱形ABCD中，&A=120&，
O为△ABC外接圆，M为其上一点，连接MC交AB于E，AM交CB延长线于F。求证：D，E，F三点共线。
证 如图，连AC，DF，DE。
因为M在 O上，
则&AMC=60&=&ABC=&ACB，
有△AMC∽△ACF，得
又因为&AMC=BAC，所以△AMC∽△EAC，得
所以 ，又&BAD=&BCD=120&，知△CFD∽
△ADE。所以&ADE=&DFB。因为AD∥BC，所以&ADF=&DFB=&ADE，于是F，E，D三点共线。
四边形ABCD内接于圆，其边AB与DC的延长线交于点P，AD与BC的延长线交于点Q。由Q作该圆的两条切线QE和QF，切点分别为E，F。求证：P，E，F三点共线。
连接PQ，并在PQ上取一点M，使得
B，C，M，P四点共圆，连CM，PF。设PF与圆的另一交点为E&，并作QGAPF，垂足为G。易如
QE2=QM&QP=QC&QB ①
&PMC=&ABC=&PDQ。
从而C，D，Q，M四点共圆，于是
PM&PQ=PC&PD ②
由①，②得
PM&PQ+QM&PQ=PC&PD+QC&QB，
即PQ2=QC&QB+PC&PD。
易知PD&PC=PE&&PF，又QF2=QC&QB，有
PE&&PF+QF2=PD&PC+QC&AB=PQ2，
即PE&&PF=PQ2-QF2。又
PQ2-QF2=PG2-GF2=(PG+GF)&(PG-GF)
=PF&(PG-GF)，
从而PE&=PG-GF=PG-GE&，即GF=GE&，故E&与E重合。
所以P，E，F三点共线。
以圆O外一点P，引圆的两条切线PA，PB，A，B为切点。割线PCD交圆O于C，D。又由B作CD的平行线交圆O于E。若F为CD中点，求证：A，F，E三点共线。
证 如图，连AF，EF，OA，OB，OP，BF，OF，
延长FC交BE于G。
易如OAAAP，OBABP，
OFACP，所以P，A，F，O，B
五点共圆，有&AFP=&AOP=&POB=
又因CD∥BE，所以有
&PFB=&FBE，&EFD=&FEB，
而FOG为BE的垂直平分线，故EF=FB，&FEB=&EBF，
所以&AFP=&EFD，A，F，E三点共线。
2. 线共点的证明
证明线共点可用有关定理(如三角形的3条高线交于一点)，或证明第3条直线通过另外两条直线的交点，也可转化成点共线的问题给予证明。
例5 以△ABC的两边AB，AC向外作正方形ABDE，ACFG。
△ABC的高为AH。求证：AH，BF，CD交于一点。
证 如图。延长HA到M，
使AM=BC。连CM，BM。
设CM与BF交于点K。
在△ACM和△BCF中，
AC=CF，AM=BC，
&MAC+&HAC=180&，
&HAC+&HCA=90&，
并且&BCF=90&+&HCA，
因此&BCF+&HAC=180&
&MAC=&BCF。
从而△MAC≌△BCF，&ACM=&CFB。
所以&MKF=&KCF+&KFC=&KCF+&MCF=90&，
即 BFAMC。
同理CDAMB。AH，BF，CD为△MBC的3条高线，故AH，BF，CD三线交于一点。
例6 设P为△ABC内一点，&APB-&ACB=&APC-&ABC。又设D，E分别是△APB及△APC的内心。证明：AP，BD，CE交于一点。
证 如图，过P向三边作垂线，垂足分别为R，S，T。
连RS，ST，RT，设BD交AP于M，CE交AP于N。
易知P，R，A，S;P，T，B，R;
P，S，C，T分别四点共圆，则
&APB-&ACB=&PAC+&PBC
=&PRS+&PRT
同理，&APC-&ABC=&RST，
由条件知&SRT=&RST，所以RT=ST。
又RT=PBsinB，ST=PCsinC，
所以PBsinB=PCsinC，那么
由角平分线定理知
故M，N重合，即AP，BD，CE交于一点。
例7 O1与 O2外切于P点，QR为两圆的公切线，其中Q，R分别为 O1，
O2上的切点，过Q且垂直于QO2的直线与过R且垂直于RO1的直线交于点I，IN垂直于O1O2，垂足为N，IN与QR交于点M。证明：PM，RO1，QO2三条直线交于一点。
证 如图，设RO1与QO2交于点O，
连MO，PO。
因为&O1QM=&O1NM=90&，所以Q，O1，N，M四点共圆，有&QMI=&QO1O2。
而&IQO2=90&=&RQO1，
所以&IQM=&O2QO1，
故△QIM∽△QO2O1，得
同理可证 。因此
因为QO1∥RO2，所以有
由①，②得MO∥QO1。 又由于O1P=O1Q，PO2=RO2，
即OP∥RO2。从而MO∥QO1∥RO2∥OP，故M，O，P三点共线，所以PM，RO1，QO2三条直线相交于同一点。
3. 塞瓦定理、梅涅劳斯定理及其应用
定理1 (塞瓦(Ceva)定理):
设P，Q，R分别是△ABC的BC，CA，AB边上的点。若AP，BQ，CR相交于一点M，则
证 如图，由三角形面积的性质，有
以上三式相乘，得 .
定理2 (定理1的逆定理):
设P，Q，R分别是△ABC的BC，CA，AB上的点。若 ，则AP，BQ，CR交于一点。
证 如图，设AP与BQ交于M，连CM，交AB于R&。
由定理1有 . 而 ，所以
于是R&与R重合，故AP，BQ，CR交于一点。
定理3 (梅涅劳斯(Menelaus)定理):
一条不经过△ABC任一顶点的直线和三角形三边BC，CA，AB(或它们的延长线)分别交于P，Q，R，则
证 如图，由三角形面积的性质，有
将以上三式相乘，得 .
定理4 (定理3的逆定理):
设P，Q，R分别是△ABC的三边BC，CA，AB或它们延长线上的3点。若
则P，Q，R三点共线。
定理4与定理2的证明方法类似。
塞瓦定理和梅涅劳斯定理在证明三线共点和三点共线以及与之有关的题目中有着广泛的应用。
例8 如图，在四边形ABCD中，对角线AC平分&BAD。在CD上取一点E，BE与AC相交于F，延长DF交BC于G。求证：&GAC=&EAC。
证 如图，连接BD交AC于H，
过点C作AB的平行线交AG的延长线于I，过点C作AD的平行线交AE的延长线于J。
对△BCD用塞瓦定理，可得
因为AH是&BAD的角平分线，
由角平分线定理知 。
代入①式得
因为CI∥AB，CJ∥AD，则 ， 。
代入②式得
从而CI=CJ。又由于
&ACI=180&-&BAC=180&-&DAC=&ACJ，
所以△ACI≌△ACJ，故&IAC=&JAC，即&GAC=&EAC.
ABCD是一个平行四边形，E是AB上的一点，F为CD上的一点。AF交ED于G，EC交FB于H。连接线段GH并延长交AD于L，交BC于M。求证：DL=BM.
证 如图，设直线LM与BA的延长线交于点J，与DC的延长线交于点I。
在△ECD与△FAB中分别使用
梅涅劳斯定理，得
因为AB∥CD，所以
从而 ，即 ，故CI=AJ. 而
且BM+MC=BC=AD=AL+LD. 所以BM=DL。
在直线l的一侧画一个半圆T，C，D是T上的两点，T上过C和D的切线分别交l于B和A，半圆的圆心在线段BA上，E是线段AC和BD的交点，F是l上的点，EF垂直l。求证：EF平分&CFD。
证 如图，设AD与BC相交于点P，用O表示半圆T的圆心。过P作PHAl于H，连OD，OC，OP。
由题意知Rt△OAD∽Rt△PAH，
类似地，Rt△OCB∽Rt△PHB，
由CO=DO，有 ，从而 .
由塞瓦定理的逆定理知三条直线AC，BD，PH相交于一点，即E在PH上，点H与F重合。
因&ODP=&OCP=90&，所以O，D，C，P四点共圆，直径为OP. 又&PFC=90&，从而推得点F也在这个圆上，因此
&DFP=&DOP=&COP=&CFP，
所以EF平分&CFD。
例11 如图，四边形ABCD内接于圆，AB，DC延长线交于E，AD、BC延长线交于F，P为圆上任意一点，PE，PF分别交圆于R，S.
若对角线AC与BD相交于T.
求证：R，T，S三点共线。
先证两个引理。
A1B1C1D1E1F1为圆内接六边形，若A1D1，B1E1，C1F1交于一点，则有 .
如图，设A1D1，B1E1，C1F1交于点O，根据圆内接多边形的性质易知
△ OA1B1∽△OE1D1，△OB1C1∽△OF1E1，
△OC1D1∽△OA1F1，从而有
将上面三式相乘即得 ，
圆内接六边形A1B1C1D1E1F1，若满足
则其三条对角线A1D1，B1E1，C1F1交于一点。
该引理与定理2的证明方法类似，留给读者。
例11之证明如图，连接PD，AS，RC，BR，AP，SD.
由△EBR∽△EPA，△FDS∽△FPA，知
两式相乘，得
又由△ECR∽△EPD，△FPD∽△FAS，知 ， . 两式相乘，得
由①，②得 . 故
对△EAD应用梅涅劳斯定理，有
由③，④得
由引理2知BD，RS，AC交于一点，所以R，T，S三点共线。
由矩形ABCD的外接圆上任意一点M向它的两对边引垂线MQ和MP，向另两边延长线引垂线MR，MT。证明：PR与QT垂直，且它们的交点在矩形的一条对角线上。
在△ABC的BC边上任取一点P，作PD∥AC，PE∥AB，PD，PE和以AB，AC为直径而在三角形外侧所作的半圆的交点分别为D，E。求证：D，A，E三点共线。
3. 一个圆和等腰三角形ABC的两腰相切，切点是D，E，又和△ABC的外接圆相切于F。求证：△ABC的内心G和D，E在一条直线上。
4. 设四边形ABCD为等腰梯形，把△ABC绕点C旋转某一角度变成△A&B&C&。证明：线段A&D, BC和B&C的中点在一条直线上。
四边形ABCD内接于圆O，对角线AC与BD相交于P。设三角形ABP，BCP，CDP和DAP的外接圆圆心分别是O1，O2，O3，O4。求证：OP，O1O3，O2O4三直线交于一点。
6. 求证：过圆内接四边形各边的中点向对边所作的4条垂线交于一点。
△ABC为锐角三角形，AH为BC边上的高，以AH为直径的圆分别交AB，AC于M，N;M，N与A不同。过A作直线lA垂直于MN。类似地作出直线lB与lC。证明：直线lA，lB，lC共点。
以△ABC的边BC，CA，AB向外作正方形，A1，B1，C1是正方形的边BC，CA，AB的对边的中点。求证：直线AA1，BB1，CC1相交于一点。
9. 过△ABC的三边中点D，E，F向内切圆引切线，设所引的切线分别与EF，FD，DE交于I，L，M。求证：I，L，M在一条直线上。
设A1，B1，C1是直线l1上的任意三点，A2，B2，C2是另一条直线l2上的任意三点，A1B2和B1A2交于L，A1C2和A2C1交于M，B1C2和B2C1交于N。求证：L，M，N三点共线。
在△ABC，△A&B&C&中，连接AA&，BB&，CC&，使这3条直线交于一点S。求证：AB与A&B&、BC与B&C&、CA与C&A&的交点F，D，E在同一条直线上(笛沙格定理)。
12. 设圆内接六边形ABCDEF的对边延长线相交于三点P，Q，R，则这三点在一条直线上(帕斯卡定理)。
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向量方法证明三点共线
　　比如已经有三个点A,B,C和它们的坐标,就可以就出向量AB=(a,b),BC=(c,d)如果有AB=kBC,k为任意非零实数,则可知A,B,C三点共线其实也就是证明了线段AB和BC平行,又有公共点,肯定三点共线。　　几何向量的概念在线性代数中经由抽象化，得到更一般的向量概念。此处向量定义为向量空间的元素，要注意这些抽象意义上的向量不一定以数对表示，大小和方向的概念亦不一定适用。因此，平日阅读时需按照语境来区分文中所说的&向量&是哪一种概念。不过，依然可以找出一个向量空间的基来设置坐标系，也可以透过选取恰当的定义，在向量空间上介定范数和内积，这允许我们把抽象意义上的向量类比为具体的几何向量。
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