请问一下什么是输送电功率与输送电压与输出电功率与输出电压,该怎么区分,
请问一下什么是输送电功率与输送电压与输出电功率与输出电压,该怎么区分,
输出电压是降压变压器的右端电压输送电压是两线路间的电压 输出电功率是降压变压器右端的电功率 输入电功率是升压变压器左端的电功率 再问： 打错了，是输电电压 再答： 输电电压指的是从发电站发出的电能，一般都要通过输电线路送到各个用电地方。
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与《请问一下什么是输送电功率与输送电压与输出电功率与输出电压,该怎么区分,》相关的作业问题
输电线消耗电能,是随电流增大而增大,如果采取高压输电,则相同功率时,电流减小,所以,大功率输电线都采用高压输送.你上面说的是输送单相电还是三相电?总电阻是两根线的电阻还是三根线的电阻?2.5欧姆的电阻,如果采用400V的三相低压（我们正常使用的）,318KW需要电流大约600A,线路损耗的电压需要：2.5×600=15
电功率（P)同电流(I)成正比的关系,同电压(U)也是成正比的关系.也就是说P=UI.
1 A2先计算在输电线上损失的电压0.4*50=20v然后20v乘以50A=1000w
输电电压提高为原来的10倍，根据P=UI知，输送电流减小为原来的110，根据电阻定律R=ρLS知，输电线的截面积减为原来的一半，则输电线的电阻增大为原来的2倍，根据P损＝I2R知，输电线上损耗的电功率减小为原来的150，则输电线上损耗的功率为2kW，故C正确，A、B、D错误．故选：C．
（1）损失的功率：P损=W损t=4800KW．h24h=200kW，∵P=UI，∴输电电流：I=P输U输=500×103WA，∵P=I2R，∴导线电阻：R=R损I2=200×103W(100A)2=20Ω；（2）输电电压改为20000V时，输电电流：I′=P输′U输′=500×103W20000V=2
一、(200/10/1.732)*0.1=1.15V二、(1.15*1.15)/0.1=13.225W
恩 了解 左端 升压变压器—线路——降压变压器输入电压时升压变压器的左端电压 输出电压是降压变压器的右端电压 输送电压是两线路间的电压 输出电功率是降压变压器右端的电功率 输入电功率是升压变压器左端的电功率 画一画图吧 加油 !
在只考虑输电线的电阻时是的.△P=I²R=（P/U）²R.如果还考虑电线的电感与电线与大地形成的电容,则损失功率更大.注意P=U²/R公式是错误的,因为输电线两端都有电感,电感L分的电压是wLI（w=2π/T,T为周期）,相位领先90°.
输送功率1x10^6w线路损失功率4%x1x10^6w=4x10^4w=I²xR（I为输电电流,R为线路电阻）I=50A输电电压=1x10^6w/50A=2x10^4V升压比：220/0到达用电区电压=20000x（1-4%）=19200V所以减压变压器匝数比：
输出电压U=输电线的电圧U'+用电器的电压U''=IR+IR',R'为用电器电阻输送的总功率P,等于输电线上的热功率P'和用电器得到的电功率P''的和即:P=P'+P''U'
允许消耗的功率P1=5%×9.8×104W=4.9×103W； 由P1=I2R可知，输电线上的电流I=P1R=49004A=35A； 则由P=UI得：输电电压应为U=PI=9.8×104W35=2800V；则升压变压器的匝数之比为：n1n2=U1U2=；输电线上损失的电压U′=IR=35×4V=14
正确答案是B、D因为输电线上的电流为I=P0/U输电线上损失的功率为I2R=P02 R / U2 再问： 图呢？U指的是？看不懂。。 再答： 不明白这个题目需要什么图？U指的是？------题目上说：输电电压为U楼主需要怎么写才能看得懂？再问： 就是画个远距离输电的图，因为我不知道题目的意思是不是像下面这个图。如果按照
满腹牢骚我就是那个广阔的沙滩原来你也在这中,你的昨日的牵挂了为么·于是未及的茫茫落叶中
这个问题并不为笑他用微笑量的量疲惫的蜂的倦,只为你盘旋璀璨的华灯为么·他的痛苦不算什么,是中是未来
在大地苍茫之间男孩看到家里窗台上还放着爸爸给农田使用剩下的半瓶农药在暮色来临之前终会结束啊·我也告诉你,昨天是你,明天是你们
婆娑出夜色的朦胧,柔软,纤细夜莺在梦里打盹献给了日月星辰那一把火热的爱情啊·落叶悄悄地飘落,在清冷的夜晚
天底浑然以为墨痕浅的一纸相思一么时候也是九一走进四月,何不将绿色的浅笑为么·还是雾中看花像海市蜃楼
男孩就边哭边站在院子怄气.男孩的妈妈领着她的侄女去农田继续干活了那一把火热的爱情我也告诉你,昨天是你,明天是你们你对我的情啊·象雾霾一样遮住那绝望和羞耻
p=uI u提高为原来的N倍,则I减小为原来的N分之一线路损耗p＝I×I×R R不变,则线路损耗减小为原来的N的平方分之一豆丁微信公众号
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2015-2016高中物理奥教版选修3-2习题：27《远距离输电》——高中讲义习题,高中,讲义,远距离输电,高二物理,版选修32,高中物理,远距离
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高中物理奥教版选修3-2习题：27《远距离输电》——高中讲义
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远距离输电线路的示意图如图，若发电机的输出电压不变，那么当用户用电的总功率增大时（　　） A. 升压变压器的原线圈中的电流保持不变B. 降压变压器的输出电压升高C. 降压变压器的输出电压降低D. 输电线上损失的功率增大
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A、用户用电的总功率增大，用户电流增大，输电电流增大，升压变压器原线圈电流增大，故A错误；B、发电机输出电压不变，升压变压器原副线圈电压不变，输电电流增大，输电损失电压增大，降压变压器输入电压减小，输出电压降低，故B错误，C正确；D、输电电流I增大，输电导线电阻不变，由P=I2R可知输电损失功率变大，故D正确；故选CD．
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用户用电的总功率增大，用户电流增大，输电电流增大，输电损失功率增大，输电损失电压增大，据此根据变压器规律分析答题．
本题考点：
远距离输电．
考点点评：
掌握住高压输电的模型，知道电能的损耗主要是在输电线上，知道电压与匝数成正比，电流与匝数程反比．
扫描下载二维码3 电能的远距离传输 A组 1.对在电能远距离输送中所造成的电压、功率损失,下列说法中正确的是(　　) A.只有输电线的电阻才造成电压损失 B.只有输电线的电抗才造成电压损失 C.只有变压器的铜损和铁损才造成了输送中的功率损失 D.若用高压直流电输送,可以减小因电抗造成电压、功率的损失 解析:远距离高压输电过程中,不仅线路上的电阻会损失电压,电抗也会损失电压,故选项A、B错误;输电过程中的功率损失——精英家教网——
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4.3 电能的远距离传输A组1.对在电能远距离输送中所造成的电压、功率损失,下列说法中正确的是(　　)A.只有输电线的电阻才造成电压损失B.只有输电线的电抗才造成电压损失C.只有变压器的铜损和铁损才造成了输送中的功率损失D.若用高压直流电输送,可以减小因电抗造成电压、功率的损失解析:远距离高压输电过程中,不仅线路上的电阻会损失电压,电抗也会损失电压,故选项A、B错误;输电过程中的功率损失是指输电线上功率损失,故选项C错误;若用高压直流电输送,则只有电阻的影响,无电抗的影响,故选项D正确。答案:D2.远距离输电时,在输出电功率不变的条件下(　)A.只有增大导线的电阻,才能减小电流,提高输电效率B.提高输电电压,能减小电流,提高输电效率C.提高输电电压必增大输电导线上能量损耗D.提高输电电压必增大输电导线上的电流解析:在输出功率一定时,由P=UI知,当U增大时,I减小,输电导线损耗的功率ΔP=I2R将变小。故选项B符合题意。答案:B3.(多选)高压直流输电与高压交流输电相比(　)A.高压直流输电不存在感抗和容抗引起的损耗B.高压直流输电所需的设备比高压交流输电所需的设备经济C.高压直流输电技术简单D.高压直流输电主要用于联系非同步运行的交流系统解析:稳定的直流输电不存在感抗和容抗引起的损耗,选项A正确;高压直流输电技术的要求高,所需的设备——换流器价格高,选项B、C错误;高压直流输电主要用于联系非同步运行的交流系统,选项D正确。答案:AD4.水电站向小山村输电,输送电功率为50 kW,若以1 100V送电,则线路损失为10 kW,若以3 300 V送电,则线路损失可降为(　)A.3.3 kW　　　　B.1.1 kWC.30 kW　　　　 D.11kW解析:由P=UI,ΔP=I2R可得ΔP=R,所以当输送电压增大为原来3倍时,线路损失变为原来的,即ΔP=1.1 kW。选项B正确。答案:B5.远距离输电线路的示意图如图所示,若发电机的输出电压不变,则下列叙述中正确的是(　)A.升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B.输电线中的电流只由升压变压器原、副线圈的匝数比决定C.当用户用电器的总电阻减小时,输电线上损失的功率增大D.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压解析:一般发电机到升压变压器的距离比较小,导线的电压降比较小,导线上的电能损耗比较小,发电机的输出功率等于升压变压器的输入功率,等于远距离输电线损失的功率加上降压变压器的输入功率,而降压变压器的输入功率由用户的实际功率来决定,所以用户的实际功率决定了升压变压器输出和输入功率,因此升压变压器的输入电流与用户的实际功率有关,所以选项A、B错误;用户的总电阻减小,功率增大,输电线上的电流增大,损耗增加,所以选项C正确;由于远距离输电,导线的电阻不能忽略不计,导线上的电压降不能忽略,升压变压器的输出电压大于降压变压器上的输入电压,所以选项D错误。答案:C6.(多选)小型水力发电站的发电机有稳定的输出电压,它发出的电先通过电站附近的升压变压器升压,然后通过输电线路把电能输送到远处用户附近的降压变压器,经降压变压器后再输送到各用户。设变压器都是理想的,那么在用电高峰期,随着用电器电功率的增加,将导致(　)A.升压变压器原线圈中的电流变小B.升压变压器副线圈两端的电压变小C.高压输电线路的电压损失变大D.降压变压器原、副线圈两端的电压变小解析:用电器电功率增加导致输出功率变大,在输出电压一定时,使输出电流变大,由于ΔU=Ir,所以输出电流变大导致输电线路电压损失变大,从而导致降压变压器原线圈电压变小,副线圈电压也减小,所以选项C、D正确。答案:CD7.(多选)为了减少输电线路中电能损失,发电厂发出的电通常是经过升压变电站升压后通过远距离输送,再经过降压变电站将高压变为低压,某降压变电站将电压U0=11 000sin 100πt V的交流电压降为220 V供居民小区用电,则变电站变压器(　)A.原、副线圈匝数比为50∶1B.副线圈中电流的频率是50 HzC.原线圈的导线比副线圈的要粗D.输入原线圈的电流等于居民小区各用电器电流的总和解析:原线圈电压的有效值为U1=11000 V,由得,,选项A正确;变压器不改变交变电流的频率,由f= Hz=50 Hz,故选项B正确;由得,副线圈的电流大,要想导线发热少,导线要粗一些(电阻小),故选项C错误;居民小区各用电器电流总和应该等于副线圈的电流,选项D错误。答案:AB8.低温雨雪冰冻往往会造成高压输电线因结冰而损毁。为消除高压输电线上的冰凌,有人设计了这样的融冰思路:利用电流的热效应除冰。若在正常供电时,高压线上送电电压为U,电流为I,热耗功率为ΔP;除冰时,输电线上的热耗功率需变为9ΔP,则除冰时(认为输电功率和输电线电阻不变)(　)A.输电电流为6IB.输电电流为9IC.输电电压为3UD.输电电压为U解析:高压线上的热耗功率ΔP=I2R线①若热耗功率变为9ΔP,则9ΔP=I'2R线②由①②得I'=3I,选项A、B错误;又输送功率不变P=UI=U'I'得U'=U,所以选项C错误,选项D正确。答案:D9.中国已投产并成功运行1 000 kV特高压输电工程。假设甲、乙两地原来用500 kV的超高压输电,输电线上损耗的电功率为P。在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下,现改用1 000 kV特高压输电,若不考虑其他因素的影响,则输电线上损耗的电功率将变为(　)A.　　　　　　 B.C.2P　　　　　 D.4P解析:设输送功率为P,输送电流为I,输送电压为U,P=UI,I=,P损=I2R。输送电压升为原来的2倍,则输送电流降为原来的一半,P损降为原来的四分之一,故选项A正确。答案:AB组1.(多选)某小型水电站的电能输送示意图如图所示,发电机的输出电压为200 V,输电线总电阻为r,升压变压器原、副线圈匝数分别为n1、n2,降压变压器原、副线圈匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器)。要使额定电压为220 V的用电器正常工作,则(　)A.　　　　　　 B.C.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D.升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率解析:设升压变压器原、副线圈两端电压分别为U1和U2,降压变压器原、副线圈两端的电压分别是U3和U4,导线上的电压降为ΔU,则由变压器原理,有①②又由题设知U1&U4③U2=U3+ΔU④故U2&U3⑤所以⑥由①②⑥联立得故选项A正确,选项B错误;由于导线上有电压损失,故选项C错误;由于导线上有热功率损失,因此升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率,选项D正确。答案:AD2.(多选)一台发电机最大输出功率为4 000kW,电压为4 000 V,经变压器T1升压后向远方输电。输电线路总电阻R=1 kΩ。到目的地经变压器T2降压,负载为多个正常发光的灯泡(220 V　60 W)。若在输电线路上消耗的功率为发电机输出功率的10%,变压器T1和T2的损耗可忽略,发电机处于满负荷工作状态,则(　)A.T1原、副线圈电流分别为1×103 A和20 AB.T2原、副线圈电压分别为1.8×105V和220 VC.T1和T2的变压比分别为1∶50和40∶1D.有6×104盏灯泡(220 V　60 W)正常发光解析:T1原线圈的电流为I1= A=1×103 A,输电线上损失的功率为P损=R=P1,所以I2= A=20 A,选项A正确;T1上副线圈的电压为U2=50 U1=2×105 V,T2上原线圈的电压为U3=U2-I2R=2×105V-20×103 V=1.8×105 V,选项B正确;T1的变压比为,T2上原、副线圈的变压比为,选项C错误;能正常发光的灯泡的盏数为N==6×104,选项D正确。答案:ABD3.某小型实验水电站输出功率P=38 kW,输电线路总电阻 r=1 Ω。(1)若采用U=380 V输电,求输电线路损耗的功率P损。(2)若改用U1=10 000 V高压输电,用户端利用n1∶n2=44∶1的变压器降压,求用户得到的电压U2。解析:(1)输电线上的电流为I= A=100 A输电线路损耗的功率为P损=I2r=1002×1 W=10kW。(2)改用高压输电后,输电线上的电流变为I1= A=3.8 A变压器原线圈两端的电压U'=U-I1r=(10 000-3.8×1)V=9 996.2 V根据用户得到的电压为U2=U'=×9996.2 V=227.19 V。答案:(1)10 kW　(2)227.19 V4.有一台内阻为1 Ω的发电机,供给一个学校照明用电,如图所示,升压变压器的匝数比为1∶4,降压变压器的匝数比为4∶1,输电线的总电阻R=4 Ω,全校共22个班,每班有“220 V　40 W”的电灯6盏,若要保证电灯全部正常发光,求:(1)发电机输出功率。(2)发电机电动势。(3)输电效率。(4)若使用灯数减半且正常发光,发电机输出功率是否减半?解析:由于发电机至升压变压器、降压变压器至学校距离较短,不必考虑这两部分输电导线上的功率损耗,发电机的电动势E一部分降在电源内阻上,另一部分为发电机的路端电压U1,升压变压器副线圈电压U2的一部分降在输电线上,其余的就是降压变压器原线圈电压U3,而U4应为电灯的额定电压U额。(1)对降压变压器:P3=P4=U4I4=nP灯=22×6×40 W=5 280 W而U3=U4=880 V所以I3= A=6 A对升压变压器:U1I1=U2I2=R+U3I3=R+P3=62×4W+5 280 W=5 424 W所以,发电机的输出功率P出=5 424 W。(2)因为U2=U3+I线R=U3+I3R=880 V+6×4 V=904 V所以U1=U2=×904V=226 V又U1I1=U2I2所以I1==4I2=4I3=24 A故E=U1+I1r=226 V+24×1 V=250 V。(3)η=×100%=×100%=97%。(4)电灯减少一半时n'P灯=2 640 W,I3= A=3 A所以P出=n'P灯+R=2 640 W+32×4 W=2 676 W。发电机输出功率减少一半还要多,因输电线上的电流减少一半,输电线上电功率的损失减少到原来的。答案:(1)5 424 W　(2)250 V　(3)97%　(4)减少大于一半
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