午后数学题几道行政职业能力测试 - Powered by phpwind
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午后数学题几道
1.&&&&&& 0，0，1，4，（）&&A.10&& B.11&&&&C.12&&&& D.132.&&3，7，22，45，（）&&A.58&& B.73&& C.94&&&&D.1163.&&&& 14，20，54，76，（）&& A.104&& B.116&& C.144&& D.1264.三条边均为正整数，且最长边为11的三角形共有（）个。&& A.21&& B.36&& C.25&& D.235.4只鸟飞入4个不同的鸟笼，每只鸟有自己的特定的笼子，每个笼子只能进一只鸟，若都不飞进自己的笼子，那么有多少种飞法？&&A.16&&B.15&& C.12&& D.96. 小明和小强参加同一次考试，小明对了总题的3/4，小强对了27题，两人同时对的题数占总题的2/3，那么两人都没答对的题目有（）。&&A.3&& B.4&& C.5&&&&D.67.大学校园里一女生骑自行车顺坡而下，大呼“太爽了”。以下四个选项中分析的原因最有可能的一项是（）。A.此MM刚得知本学期所有科目成绩优异。B.顺坡迎风而下，痛快凌厉。C.该MM刚找回丢失多日的自行车，心情愉悦。D.自行车虽然找回，可是车坐垫不翼而飞。
1.&&&&&& 0，0，1，4，（11）&&A.10&& B.11&&&&C.12&&&& D.132.&&3，7，22，45，（73）&&A.58&& B.73&& C.94&&&&D.116都是等差数列3.&&&& 14，20，54，76，（126）&& A.104&& B.116&& C.144&& D.126 A^2+-54.三条边均为正整数，且最长边为11的三角形共有（36）个。&& A.21&& B.36&& C.25&& D.236. 小明和小强参加同一次考试，小明对了总题的3/4，小强对了27题，两人同时对的题数占总题的2/3，那么两人都没答对的题目有（A）。&&A.3&& B.4&& C.5&&&&D.6
第7题有解吗？除了D，哪个答案都可以吧，
第后一题，我选DDDD。我想楼主与我一样吧！
别的不知道7题，百分百是DDDDDDDDDDDDDDDDDDD
错了。除了DDD别的答案都没得可能。哈哈。。。楼主很yindang
就知道最后一题是D
前六题，没有难度，第七题有点搞。
&&&&我日啊，我出第7题的目的是让你们思维跳跃一点，好帮我解答前6题啊
前6题我不会啊~
0，0，1，4，（）
A.10&& B.11&&&&C.12&&&& D.132.&&3，7，22，45，（）&&A.58&& B.73&& C.94&&&&D.1163.&&&& 14，20，54，76，（）&& A.104&& B.116&& C.144&& D.1264.三条边均为正整数，且最长边为11的三角形共有（）个。&& A.21&& B.36&& C.25&& D.235.4只鸟飞入4个不同的鸟笼，每只鸟有自己的特定的笼子，每个笼子只能进一只鸟，若都不飞进自己的笼子，那么有多少种飞法？&&A.16&&B.15&& C.12&& D.96. 小明和小强参加同一次考试，小明对了总题的3/4，小强对了27题，两人同时对的题数占总题的2/3，那么两人都没答对的题目有（）。&&A.3&& B.4&& C.5&&&&D.67.大学校园里一女生骑自行车顺坡而下，大呼“太爽了”。以下四个选项中分析的原因最有可能的一项是（）。A.此MM刚得知本学期所有科目成绩优异。B.顺坡迎风而下，痛快凌厉。C.该MM刚找回丢失多日的自行车，心情愉悦。D.自行车虽然找回，可是车坐垫不翼而飞。
1.&&&&&& 0，0，1，4，（11）&&A.10&& B.11&&&&C.12&&&& D.132.&&3，7，22，45，（73）&&A.58&& B.73&& C.94&&&&D.116都是等差数列3.&&&& 14，20，54，76，（126）&& A.104&& B.116&& C.144&& D.126 A^2+-54.三条边均为正整数，且最长边为11的三角形共有（36）个。&& A.21&& B.36&& C.25&& D.236. 小明和小强参加同一次考试，小明对了总题的3/4，小强对了27题，两人同时对的题数占总题的2/3，那么两人都没答对的题目有（A）。&&A.3&& B.4&& C.5&&&&D.6
&&楼上的给点解释啊~第一题和最后一题不对 没发现除了这2题 所有题都是D吗&&
BBDBBDD1.&&&&&& 0，0，1，4，（）&&A.10&& B.11&&&&C.12&&&& D.132^0-1&& 2^1-2&& 2^2-3 2^3-4&&2^4-5=112.&&3，7，22，45，（）&&A.58&& B.73&& C.94&&&&D.116三级等差数列 45+28=733.&&&& 14，20，54，76，（）&& A.104&& B.116&& C.144&& D.1263^2+5&&5^2-5&&7^2+5 9^2-5 11^2+5=126
楼主我觉得为了出第7题，前面是伏笔
上面的MM也做出来了第七题啊？可能我的逻辑就没错误了
0,0,1,4,( )0*2+0=00*2+1=11*2+2=44*2+3=11隔项相减&&1,4,9&&&&&&为10
&&&& 为了答题方便 我把答案全改成了DDDDDDD
有没有犀利的给个解释啊~
第一题选A隔项作差分别是1^2,2^2,3^2第二题选D各项分别为2^2-1,3^2-2,4^2-3,7^2-4,11^2-52,3,5,7,11为质数
第三题3^2+5&&5^2-5&&7^2+5 9^2-5 11^2+5=126第四题以最短边来考虑最短边为1的时候，另一条边只能为11，这就只有一种2：10、11，2种3：9、10、11，3种……6：6，7，8，9，10，11，6种7：7、8、9、10、11，5种……10：10、11，2种11：11，1种1+2+3+4+5+6++5+4+3+2+1=36种
1、A 2、B3、D4、C5、D6、A7、B
这个题有个简单方法，就是问题总数有个3/4，2/3。只有在12，24，36，48等3和4的最小公倍数里找。 又因为有个27 所以不是12，24了又因都答对的是2/3。小强的27道得大于总数的2/3。这样题的总数只能是36 这样就可以得出，小明答对的是27，小明答对的是27。都对的是24 画个圈就可以明了的看出，都错的题目是6道，
36=24+3+3+（6）
第六题4*3*2-1-（两只呆在自己的笼子里）6-（一只呆在自己的笼子里）8=9
第四题你的答案错的，是36
1.&&&&&& 0，0，1，4，（）A&&A.10&& B.11&&&&C.12&&&& D.132^0-12^1-22^2-32^3-42^4-5=112.&&3，7，22，45，（）B&&A.58&& B.73&& C.94&&&&D.1163.&&&& 14，20，54，76，（）D&& A.104&& B.116&& C.144&& D.1264.三条边均为正整数，且最长边为11的三角形共有（）个。&& A.21&& B.36&& C.25&& D.231-11 11个数&&2-10&&9个&&3-9&&7个同理总个数是11+9+7+5+3+1=365.4只鸟飞入4个不同的鸟笼，每只鸟有自己的特定的笼子，每个笼子只能进一只鸟，若都不飞进自己的笼子，那么有多少种飞法？&&A.16&&B.15&& C.12&& D.9这题和标签贴错一样1对应的是0 2对应1 3对应2&& 4对应的是9&&5对应的是446. 小明和小强参加同一次考试，小明对了总题的3/4，小强对了27题，两人同时对的题数占总题的2/3，那么两人都没答对的题目有（）。&&A.3&& B.4&& C.5&&&&D.6设总题数是X 则&&X.3/4+27-2/3X=X-Y&&Y+27=11/12*X&&看答案得出Y和27相加只能是11的倍数 Y=6
贴错标签的是1&& 0&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&& 2&&&&&& 1&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&3&&&&&&2&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&& 4&&&&&&&&&&&&9
B  D  D  B  D   D
最后一题肯定是D,
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Time 0.057642 second(s),query:5 Gzip disabled几道数学题,对的话给超多悬赏.13分之2+5分之3+13分之11=（）+（）+5分之3 18分之19 -7分之3 - 7分之4=18分之19 -（）+（）11分之3+15分之4+11分之8+15分之11=（）+（）+（）+（）算一算：（得数化成最简分数）6分之5 - 6分之1_百度作业帮
几道数学题,对的话给超多悬赏.13分之2+5分之3+13分之11=（）+（）+5分之3 18分之19 -7分之3 - 7分之4=18分之19 -（）+（）11分之3+15分之4+11分之8+15分之11=（）+（）+（）+（）算一算：（得数化成最简分数）6分之5 - 6分之1+2分之1 1 - 7分之2 - 7分之3= = = == =1 - 9分之7+4分之3 8分之1+6分之5 - 4分之1= == == =列示计算.比3分之2少6分之1的数是多少?从一个数里减去13个20分之一,还剩15分之8,这个数是多少?（用方程解）
①2/13+3/5+11/13=2/13+11/13+3/5
=13/13+3/5
=8/3②19/18-3/7-4/7=19/18-（3/7+4/7）
=1/18③3/11+4/15+8/11+11/15=（3/11+8/11）+（4/15+11/15）
=25/6-1/6+1/2
1/8+5/6-1/4=4/6+1/2
=1-（2/7+3/7）
=3/24+20/24-6/24=4/6+3/6
=8/36+27/36
=23/24-6/24=7/6
=17/242/3-1/6=4/6-1/6=1/2 设这个数是xx-13/20=8/15
x=8/15+13/20
=32/60+39/60您的位置：
每道题几分钟论世界近代三大数学难题
发贴人：61.146.74.*发贴时间：【】[]
&& ()&& ()每道题几分钟论世界近代三大数学难题――介绍周明祥完全用初等数学公式所得的最终直观性结论
转贴 鄢福荣摘要 ： 本文以2006年6月山东曲阜师范大学《中学数学杂志》高中版专刊《论用数学归纳法再认识一类递缩数列的性质》《论用三个途径判定一个假等式》和2007年第27期(9月21日)《科技咨询导报》《地图上作四边形用四个角点染色的延传研究》共三篇论文为依据，并参考存入《预印本服务系统》相对应的三篇修改后的结论性论文，介绍周明祥以发展基础数学理论为立脚点，发现勾股弦数是二元函数而验证费马大成立，发现地图的全部地域可直接区划为n+1组“四(地)域三码块”而四色成立，发现大于4的偶数2N之前的正奇数，可区划为k项`i`P 首奇数与1项wP质数而形成联分关系, 不但好几个质数猜想成立，而且最终歌德巴赫“1+1”猜想成立。&& ()&& ()&& ()&& ()&& ()&& ()&& ()&& ()&& ()&& ()&& ()&& ()&& ()&& () 关健词：数学归纳法、联分数列、联分等式、乘法原理、四地域三码块、二项式前言随着上世纪70年代前后的那埸理论混战,使得被新学术界批臭了的旧八股，得以有机遇引进洋八股基因旧貌换新颜首先在数论界复辟，不但成了主流还成了科学春天到来的一个标志(而今已被国人嘲为新八股、洋八股)于是三道并不含高深数理而至今又未被外国人成立的费马大定、四色、歌德巴赫“1+1”猜想，也就成了舶来品让国人众感不一，最主要是被假道学权威们奉为世界近代三大数学难题，声言只有发展云里雾里的新的数论分支才能它们, 力贬用发展基础理论去它们, 无异于痴人说梦、骑脚踏车到月球，在招摇撞骗已达40年左右了然而, 广大的数学人并不是容易被统治和被愚弄的，特别是进入21世纪后，网络也在神州大地上得到迅速的普及发展, 过去能用不让纸杂志发表而扼杀真理的学阀们的恶劣行径，便被网络的强势冲出变得丑态百露，相应地纸杂志工具有些地方也不太灵便了，这就使得百家争鸣的气势再度重来一句话，洋八股吹鼓手们和学阀们的“权威”性谎言，再无从前一手遮天的的统治能耐了!!!网上用初等方法三道“难题”成立的论文，已不是屈指可数了，而且不少原创公式完全可以收进中学数学题库和教材，提高现代中学数学教育的水平现特将周明祥为代表的完全用初等数学解决问题的一家之言，首先作介绍如下1 所谓费马大，实际上就是勾股，依附于指数运算法则和乘法分配律(等式各项同乘等量得等式，否则得不等式)，所得的一个狭义的推论“∵z^2=x^2+y^2，∴整数n＞2，z^2* z^`n-2`＞x^2*x^`n-2`＋y^2*y^`n-2`”的一个变异表述而已更进一步地细说，是来源于对假设 整数n＞2，有正整数z代表圆的直径长（也就是映射所有非等腰三角形的长边长），对应着正实数x≠y且x＜z、y＜z、x+y＞z(映射相应的非等腰三角形的二条短边长)，能建立齐次方程z^n=x^n+y^n的一个否定判断――∵ 据指数运算法则和勾股写 整数n＞2，正整数z^n=z^2×z^`n-2`=(x^2+y^2)z^`n-2`= x^2*z^`n-2`＋y^2*z^`n-2所得无限的正实数对x、y，又去写 整数n＞2，x^n+y^n = x^2*x^`n-2`＋y^2*y^`n-2`，则无限的正实数对x、y的全体，显然皆只能表示x^2*z^`n-2`＋y^2*z^`n-2`≠x^2*x^`n-2`＋y^2*y^`n-2`(不等的原因也可以直接述为：左边相加的两个二幂数积有公因数z^`n-2`与右边相加的两个二幂数积无公因数z^`n-2`而矛盾）∴ 若假设 整数n＞2，z^n=x^n+y^n不是假等式、费马大不成立, 就等于反过来说 整数n＞2，x^2*z^`n-2`＋y^2*z^`n-2`=x^2×x^`n-2`＋y^2×y^`n-2`,与已 整数n＞2，x^2*z^`n-2`＋y^2*z^`n-2`≠x^2*x^`n-2`＋y^2*y^`n-2`矛盾从而判定假设不成立，费马大成立直接地从整数论的层面来说，人们通常所说费马大：整数n＞2，z^n=x^n+y^n无正整数解，更是一个非常简明的可验证真理――把x、y也设定为正整数，则z、x一定有关系为z-x=b是正整数故令t=1、2、…表变序数，w表变参数，可写z=2tw+c+b、x=2tw+c、y=2tw+b为模型，完全符合x≠y且x＜z、y＜z、x+y＞z的假设而有： 甲，n=2、给出b=1、2、…，皆表示(2tw＋c＋b)^2=(2tw＋c)^2＋(2tw＋b)^2 →2bc=(2tw)^2!!!得c=2t^2*w^2/b：若b是平方数令w=√b、否则令w=b，就表示勾股弦数是三对应二元函数(这是周明祥发现的一种可排列的勾股弦谱阵函数)，而得(2tw＋2t^2*w^2/b＋b)^2=(2tw＋2t^2*w^2/b)^2＋(2tw＋b)^2，其全部解组与平面坐标第1象限内整点一一映射例如，给出b=1得w=1、又给出t=1代入公式，就对应勾股弦数的最小解组是z=5、x=4、y=3，与平面坐标第1象限内的下界角点映射；乙，n＞2、给出任何正整数b皆表示(2tw＋c＋b)^n=(2tw＋c)^n＋(2tw＋b)^n → nbc^`n-1`＋…＋n[(2tw+b)^`n-1`－(2tw)^`n-1`]c=(2tw)^n!!! 得c=? 与前述n=2→2bc=(2tw)^2比较，方程内涵起了同一性质的质变，表现为前式转化为展开后方程，得等号左边不是1项，而起码有2项成了整值多项式, n越大项数越多, c在各项中的次数依次从n-1递降到1，使得c、tw有构造上的矛盾：若互质，则等号两边不同被tw整除，若不互质有最小公因数是d，则等号两边不同被d^n 整除，这就无c能满足方程＿即费马大成立，据此得到验证所以，费马大实乃中学数学的启蒙数形知识(当然也可以强牵成二元函数、二项式等综合性质)的应用题解说它是代数数论难题，实乃假道学洋八股谬论、谎言也注：本节论证据2006年6月《中学数学杂志》高中版专刊《论用三个途径判定一个假等式》与日存入《预印本服务系统》并发表在一些网站之《三对应二元函数模式的性质解读》两篇论文为主摘撰2
所谓四色，实来源于不借助于臆想的拓扑手段，不脱离地图原貌去作唯心的图论变化，对地图上的全体同权辖地域，能否直接地作“非全相邻四(地)域块”区划的一个判断在自然状态下，四地域只有三种块构形第一种是可能有地域被包围(本文统称被包围地域是块心)而形成地域间彼此皆互有公共边界线的所谓全相邻四域块（这就是在一般情况下地图染色应有四种色码的根据，其包围有三种表现：一个地域包围三个地域、二个地域包围二个地域、三个地域包围一个地域），又名四域四码块；第二种是两两对称排列使两个地域被一对相邻地域隔开而得的非全相邻四域块，又名四域正三码块；第三种是一个地域包围三个地域或二个地域包围二个地域没有形成全相邻的四域块、以及成线性排列而得的非全相邻四域块，统名四域准三码块另外，对于一组不足四个地域的块，本文就名它们是凑三码块由于四域四码块总是有块心存在，所以在其外拓展一个地域时，被拓展地域与块心不能成为相邻关系，而导致地图上不可能有五域五码块构形；而且还导致我们在地图上依次作区划四域块，遇到地图上的各型四域四码块，都可以将它们通过人为区划，得一组四域脱三码块理由是：“由于四域四码块总是有块心存在，所以在其外拓展一个地域时，被拓展地域与块心不能成为相邻关系”，可使该被拓展地域与四域四码块中相近三个地域成区划块，就得一组“非全相邻四域块”（专名四域脱三码块），原四域四码块则名存实亡，只剩下一个等待区划地域；而这个等待区划地域显然亦可以被区划去与后面就近相应的三个地域得“非全相邻四域块”综上，任一幅地图直接地通过四地域区划，都可以依次被区划成n组不同形式的四域三码块和一组凑三码块，从而把地图染色问题，化成对“n组不同形式（准、正、脱）的四域三码块和一组凑三码块的编色码问题”，也就是排列乘法原理中以4选3可得4×3×2×1=24种方案的应用问题＿即地图是四色可染的(在地图无自然全相邻四地域块构形的情况下，甚至是三色可染的)，且版本至少可多达24个以上所以，四色实乃中学数学的排列原理的应用题解，也是一个典型的“语言表述技巧”应用题解说它是图论难题，实乃假道学洋八股谬论、谎言也注：本节论证据2007年第27期(9月21日)《科技咨询导报》《地图上作四边形用四个角点染色的延传研究》与日存入《预印本服务系统》并发表在一些网站之《地图上三码块模型的建立与延传》两篇论文为主摘撰3
所谓歌德巴赫“1+1”猜想，实来源于对偶数大于4能否写作二质数和的判断若完全利用现有的中学课本知识去,理当算作难题，但并不含高深数理；换言之，命题只属于拓展中学数学数列阵容后的应用题解，完全可以用现代初等数学理论解答有述如下令`k`P^2＜2N＜`k+1`P^2，就名2N是第k区间的偶数例如名6、8是第0 区间的偶数，26、28、…、48是第2区间（即5^2与7^2区间）的偶数,…；名`k`P 及其前的`1`P=3、`2`P=5、…、`i`P=**、…共k个质数是第k区间2N 的公有潜前质数vP, 其中名`k`P 是第k区间2N 的最大公有vP；又名1至2N-1的N个奇数及其构造是某个2N的一条奇数谱，简记为2Ng据此，又名以vP的某`i`P，和以`i`P为最小质因数的奇合数`i`P^2、`i`P*`i+1`P 、`i`P*`i+2`P 、…、`i`P*`i+j`P(＜2N) 所得的有序集合，是2Ng的一系`i`P 首奇数集(这是周明祥发现的联分数列的一种构造类型), 除去第一元素`i`P后简记为vPic；并名2Ng除去k个vP和k项vPic分布后剩余的第K+1、 K+2、…、 K+w共w个奇数，是2N含的可以模糊计算的主质数wP这就是说，k项`i`P 首奇数集与1项主质数wP集在2Ng中的分布比关系,是质分母联分等式关系：`1`P=3、1－`k`∑ 1/`i`P×`i-1`∏(1-1/P) = 1－[1/3+1/5(1-1/3)+1/7(1-1/3)(1-1/5)+…+1/`k`P(1-1/3) (1-1/5) …(1-1/`k-1`P)]==`k`∏(1-1/P)=(1-1/3)(1-1/5)(1-1/7)…(1-1/`k`P) 据这一基本关系,首先就肯定了杰波夫猜想成立为：“任意二平方数间必有二质数”有了以上基础概念，我们就有：将2条相同的2Ng同向错一个数并列成谱使同列二数之差皆等于2，就形成上、下列2Ng中全部之同一个vPic数在并列谱中成错一列分布，而得并谱上k项vPic单调2重分布比之和2/3＋2/5(1-2/3)＋…＋2/`k`P(1-2/3)…(1-2/`k-1`P)，仍然运行在数学归纳法所得质分母联分等式轨道上，对应1项wP-wP=2数列(2N所含的主孪生质数列)的分布比是`k`∏(1－2/P)=1/3×3/5×…×(`k`P-2)/`k`P≥1/`k`P据这一派生关系, 我们就得到了一个重要：“任意二奇平方数间必有二列孪生质数”仿此，将2条相同的2Ng异向齐头并列成谱使同列二数之和皆等于2N，就得并谱上k项vPic二调2重分布比之和1∨2/3＋1∨2/5(1-1∨2/3)＋…＋1∨2/`k`P(1－1∨2/3) …(1－1∨2/`k-1`P)，对应1项“1+1”质数列(即含vP+wP=2N与wP+wP=2N两种数列的总数)的分布比是`k`∏(1－1∨2/P)≥`k`∏(1－2/P)≥1/`k`P，其中，某iP不整除2N，上、下列2Ng中全部之同集vPic数在并列谱中成错列分布，故得1∨2/iP=2/iP，某iP整除2N，上、下列2Ng中全部之同集vPic数在并列谱中成同列分布，故得1∨2/iP=1/iP如此,当`k`P＜11(即k=0、1、2、3)，各区间的2N(6至120)可模糊计算含wP+wP=2N的列数≈取整值(N-2K)×`K`∏(1－1∨2/P)≥1，其中, 98的实迹数是6，少于表达式计算数是7，误差为负1列；当`K`P≥11→∞，对应2N＞120→∞，我们不但仍然可以模糊地计算出每一个2N所含wP+wP=2N的实迹列数≈取整值(N-2K)×`K`∏(1－1∨2/P)＿(其模糊计算的微量误差可表述为，就wP+wP=2N的实迹列数而言，绝大多数2N含的实迹数≥表达式计算数，是正误差，个别2N含的实迹数＜表达式计算数，有负误差)；而且出于对的普及要求，还可以利用奇质数列不是等差数列的一个起步特性“最初三个奇质数3→5→7为连续差2、而7→11却为差4”，导致K＜3，则`K`∏(1－2/P)=1/`K`P，K≥4，则`K`∏(1－2/P)＞1/`K`P，造成我们可以避开对2N含`i`P复杂情况的追究和免去繁琐的模糊计算，恒有较为简洁的结论，可述为`1`P=3、`k`P≥11→∞，任何`k`P^2与`k+1`P^2间的2N含“1+1”的列数，至少大于`k`P /2证以`1`P=3 ，2N的最大公有潜前质数`k`P≥11→∞为前提，则据`K`∏(1－2/P) == 1/3*3/5*5/7*9/11*…*(`k`P－2)/`k`P＞1/`k`P可判定同项数的`K`∏(1－1∨2/P)＞1/`k`P，进而据2N＞`k`P^2得N＞(`k`P^2÷2)，判定2N＞120→∞，含“1+1”的列数≈取整值N×`K`∏(1－1∨2/P)＞N/`k`P＞(`k`P^2÷2)/`k`P=`k`P/2得证 综上，歌德巴赫“1+1”猜想，是中学数学拓展出数列新家族“递缩联分数列”，然后通过数学归纳法建立联分等式，进而与正奇数分类分布比挂钩的应用题解说它是解析数论难题，实乃假道学洋八股谬论、谎言也注：本节论证据2006年6月《中学数学杂志》高中版专刊《论用数学归纳法再认识一类递缩数列的性质》与日存入《预印本服务系统》并发表在一些网站之《以质数为分母的联分数列求和的剩余模型解读》两篇论文为主摘撰结束语该文写成后经原创作者审阅无异义本文若有不妥，请批评指正，更欢迎打假从今天()算起，再以两年时间为限，如果没有自认为精通代数数论、解析数论、拓扑图论的数学人，在限时内用相反的基础数学理论，对应地指证本文所用公式、数理属错，那么，本文就是用基础数学推出来的划时代的基础数学真理；同时也就应证了“世界难题是现代数学力所不能及的”之类的宗师名言或门派信条，是彻头彻尾的为某种利益集团服务而故意制造出来的数论谎言向好友推荐本贴：&&&& 标题：《每道题几分钟论世界近代三大数学难题》&&&& 地址： .cn/Article/200806/showp1.html
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